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  • 根据轨道交通乘客信息系统车地无线通信的特点及应用需求,对几种无线通信技术在可用 性、可行性方面进行分析与比较,提出可行的实施方案。
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  • SUMO地图添加交通

    2020-07-07 09:48:14
    SUMO地图添加交通流 https://zhuanlan.zhihu.com/p/78811306 使用.py文件随机生成 1、生成.trip.xml文件: $SUMO_HOME/tools/randomTrips.py -n cross.net.xml -e 100 -l 2、生成.rou.xml文件: $SUMO_HOME/bin/...

    SUMO地图中添加交通流

    https://zhuanlan.zhihu.com/p/78811306

    使用.py文件随机生成

    1、生成.trip.xml文件:
    $SUMO_HOME/tools/randomTrips.py -n cross.net.xml -e 100 -l

    2、生成.rou.xml文件:
    $SUMO_HOME/bin/duarouter -n cross.net.xml -r trips.trips.xml -o cross.rou.xml

    编辑.trip

    .trip文件中为路径起点和终点设置,可以手动编辑trip文件后再生成.rou文件

    编辑.rou文件

    1、.rou文件基于.trip文件生成,其中为车辆及行驶路径信息,可以直接编辑每个车辆的信息,departLane为车辆出发时所在车道

    <vehicle id="right_%i" type="Car1" route="route01" depart="%i" departLane="random"/>
    

    2、除了编辑每个车辆还可以编辑flow,即某路径有多少辆车,也可以设置车辆的type

    <routes>
       <vType id="car" type="passenger" length="5" accel="3.5" decel="2.2" sigma="1.0" maxSpeed="3"/>
       <flow id="carflow" type="car" beg="0" end="0" number="5" from="edge1" to="edge2"/>
       
    </routes>
    
    展开全文
  • 城市轨道交通乘客信息系统信号处理单元的设计主要是为了解决PIS(Passenger Information System)系统与列车计算机网络的通信问题,以及PIS系统不同模块之间通信问题,在PIS系统具有关键作用,并具有重要的...
  • <p>提出一种基于改进遗传算法, 并将其应用于城市... 在适应度函数的设计考虑实际路网的交叉口延误, 使所求最优路径更加贴近实时的交通状态. 数值实验结果表明, 所提算法的全局搜索能力和收敛速度均有显著提高.</p>
  • <p>根据交通信号灯灯板颜色和形状定位图像的灯板位置. 将灯板区域的彩色图像转换到YCbCr 空间, 分割灯板区域的红、黄、绿三色区域, 利用交通信号灯的形态特性定位交通灯位置. 用Gabor 小波和2 维独立分量分析...
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  • 有一天,由于某种穿越现象作用,你来到了传说的小人国。小人国的布局非常奇特,整个国家的交通系统可以被看成是一个222行 CCC列的矩形网格,网格上的每个点代表一个城市,相邻的城市之间有一条道路,所以总共有2C...

    题目描述
    有一天,由于某种穿越现象作用,你来到了传说中的小人国。小人国的布局非常奇特,整个国家的交通系统可以被看成是一个2C列的矩形网格,网格上的每个点代表一个城市,相邻的城市之间有一条道路,所以总共有2C个城市和3C2条道路。
    小人国的交通状况非常槽糕。有的时候由于交通堵塞,两座城市之间的道路会变得不连通,直到拥堵解决,道路才会恢复畅通。初来咋到的你决心毛遂自荐到交通部某份差事,部长听说你来自一个科技高度发达的世界,喜出望外地要求你编写一个查询应答系统,以挽救已经病入膏肓的小人国交通系统。 小人国的交通部将提供一些交通信息给你,你的任务是根据当前的交通情况回答查询的问题。交通信息可以分为以下几种格式:
    Close r1 c1 r2 c2:相邻的两座城市(r1,c1)(r2,c2)之间的道路被堵塞了;
    Open r1 c1 r2 c2:相邻的两座城市(r1,c1)(r2,c2)之间的道路被疏通了;
    Ask r1 c1 r2 c2:询问城市(r1,c1)(r2,c2)是否连通。如果存在一条路径使得这两条城市连通,则返回Y,否则返回N。
    注:ri表示行数,ci表示列数,1ri2,1ciC
    输入输出格式
    输入格式:

    第一行只有一个整数C,表示网格的列数。接下来若干行,每行为一条交通信息,以单独的一行Exit作为结束。我们假设在一开始所有的道路都是堵塞的。我们保证C小于等于100000,信息条数小于等于 100000

    输出格式:

    对于每个查询,输出一个Y或N。

    输入输出样例
    输入样例#1:
    2
    Open 1 1 1 2
    Open 1 2 2 2
    Ask 1 1 2 2
    Ask 2 1 2 2
    Exit
    输出样例#1:
    Y
    N
    说明
    数据范围:
    对于100%的数据,
    1C1000001信息条数 100000

    分析:我们维护只走在纵坐标为[l,r]为矩形内的边时,矩形四角的连通性。合并区间还是很好维护的,因为合并两个区间时需要midmid+1这两条边的连通性,开一个数组记录一下就好了,具体可以看代码。
    对于查询从(x,y)(l,r)连通性,有4种情况,我们设(!x,y)(x,y)在第y列的另一个点。
    第一种是直接从[y,r]内矩阵的边走过去;
    第二种是先从[1,y]的矩阵从(x,y)走到(!x,y),然后再从[y,r]的矩阵走到(l,r)
    第三种是从[y,r]的矩阵从(x,y)走到(!l,r),再从[r,n]的矩阵走到(l,r)
    第四种是先从[1,y]的矩阵从(x,y)走到(!x,y),然后再从[y,r]的矩阵走到(!l,r),再从[r,n]的矩阵走到(l,r)

    代码:

    #include <iostream>
    #include <cstdio>
    #include <cmath>
    
    const int maxn=1e5+7;
    
    using namespace std;
    
    struct node{
        int a[4][4];
        int l,r;
    }t[maxn*4];
    
    int n,a,b,c,d;
    int g[maxn*3];
    char s[10];
    
    node merge(node x,node y)
    {
        node z;
        int r=x.r;
        z.a[0][1]=z.a[1][0]=(x.a[0][1]&g[r]&y.a[0][1])|(x.a[0][3]&g[n+r]&y.a[2][1]);
        z.a[0][2]=z.a[2][0]=(x.a[0][2])|(x.a[0][1]&g[r]&y.a[0][2]&g[n+r]&x.a[3][2]);
        z.a[0][3]=z.a[3][0]=(x.a[0][1]&g[r]&y.a[0][3])|(x.a[0][3]&g[n+r]&y.a[2][3]);
        z.a[1][2]=z.a[2][1]=(x.a[2][1]&g[r]&y.a[0][1])|(x.a[2][3]&g[n+r]&y.a[2][1]);
        z.a[1][3]=z.a[3][1]=(y.a[1][3])|(y.a[1][0]&g[r]&x.a[1][3]&g[n+r]&y.a[2][3]);
        z.a[2][3]=z.a[3][2]=(x.a[2][1]&g[r]&y.a[0][3])|(x.a[2][3]&g[n+r]&y.a[2][3]);
        z.l=x.l;
        z.r=y.r;
        return z;
    }
    
    node neww(int l)
    {
        node z;
        z.l=z.r=l;
        z.a[0][1]=z.a[1][0]=z.a[2][3]=z.a[3][2]=1;
        z.a[0][2]=z.a[2][0]=z.a[0][3]=z.a[3][0]=z.a[1][2]=z.a[2][1]=z.a[1][3]=z.a[3][1]=g[n*2+l];
        return z;
    }
    
    void change(int p,int l,int r,int x,int y)
    {
        if (l==r)
        {
            t[p]=neww(l);
            return;
        }
        int mid=(l+r)/2;
        if (y<=mid) change(p*2,l,mid,x,y);
        else if (x>mid) change(p*2+1,mid+1,r,x,y);
        else
        {
            change(p*2,l,mid,x,mid);
            change(p*2+1,mid+1,r,mid+1,y);
        }
        t[p]=merge(t[p*2],t[p*2+1]);
    }
    
    node query(int p,int l,int r,int x,int y)
    {
        if ((l==x) && (r==y)) return t[p];
        int mid=(l+r)/2;
        if (y<=mid) return query(p*2,l,mid,x,y);
        else
        {
            if (x>mid) return query(p*2+1,mid+1,r,x,y);
            else
            {
                return merge(query(p*2,l,mid,x,mid),query(p*2+1,mid+1,r,mid+1,y));
            }
        }
    }
    
    int main()
    {
        scanf("%d",&n); 
        while (1)
        {
            scanf("%s",s);
            if (s[0]=='E') break;
            scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d);      
            if (b>d) swap(a,c),swap(b,d);       
            if ((s[0]=='O') || (s[0]=='C'))
            {
                int k;
                if (s[0]=='O') k=1;
                          else k=0;
                if (b==d) g[n*2+b]=k;
                else
                {
                    if (a==1) g[b]=k;
                         else g[n+b]=k;
                }
                change(1,1,n,b,d);
            }
            if (s[0]=='A')
            {           
                node ans=query(1,1,n,b,d);
                node lans=query(1,1,n,1,b);
                node rans=query(1,1,n,d,n);
                int num1=a*2-2,num2=c*2-1;
                int flag=0;
                if (ans.a[num1][num2]) flag=1;
                if (ans.a[num1^2][num2]&lans.a[1][3]) flag=1;
                if (ans.a[num1][num2^2]&rans.a[0][2]) flag=1;
                if(ans.a[num1^2][num2^2]&lans.a[1][3]&rans.a[0][2]) flag=1;
                if (flag) printf("Y\n");
                     else printf("N\n"); 
            }
        }
    } 
    展开全文
  • 通过按键来控制交通灯的输出,采用一个中断作为特殊车辆的控制位,采用P1口作为输入控制口即A道和B道的控制口,其为双向IO口同时作为交通灯的输出口,采用P0口作为LED的输出口,但P0口做输出口时需要接上拉电阻,其...
  • P4246 [SHOI2008]堵塞的交通 题意 题目描述 有一天,由于某种穿越现象作用,你来到了传说的小人国。小人国的布局非常奇特,整个国家的交通系统可以被看成是一个\(2\)行\(C\)列的矩形网格,网格上的每个点代表一个...

    P4246 [SHOI2008]堵塞的交通

    题意

    题目描述

    有一天,由于某种穿越现象作用,你来到了传说中的小人国。小人国的布局非常奇特,整个国家的交通系统可以被看成是一个\(2\)\(C\)列的矩形网格,网格上的每个点代表一个城市,相邻的城市之间有一条道路,所以总共有\(2C\)个城市和\(3C-2\)条道路。

    小人国的交通状况非常槽糕。有的时候由于交通堵塞,两座城市之间的道路会变得不连通,直到拥堵解决,道路才会恢复畅通。初来咋到的你决心毛遂自荐到交通部某份差事,部长听说你来自一个科技高度发达的世界,喜出望外地要求你编写一个查询应答系统,以挽救已经病入膏肓的小人国交通系统。 小人国的交通部将提供一些交通信息给你,你的任务是根据当前的交通情况回答查询的问题。交通信息可以分为以下几种格式:

    • Close r1 c1 r2 c2:相邻的两座城市\((r_1, c_1)\)\((r_2, c_2)\)之间的道路被堵塞了;
    • Open r1 c1 r2 c2:相邻的两座城市\((r_1, c_1)\)\((r_2, c_2)\)之间的道路被疏通了;
    • Ask r1 c1 r2 c2:询问城市\((r_1, c_1)\)\((r_2, c_2)\)是否连通。如果存在一条路径使得这两条城市连通,则返回Y,否则返回N

    注:\(r_i\)表示行数,\(c_i\)表示列数, \(1\leq r_i\leq 2,1\leq c_i\leq C\)

    输入输出格式

    输入格式:

    第一行只有一个整数\(C\),表示网格的列数。接下来若干行,每行为一条交通信息,以单独的一行Exit作为结束。我们假设在一开始所有的道路都是堵塞的。我们保证\(C\)小于等于\(100000\),信息条数小于等于\(100000\)

    输出格式:

    对于每个查询,输出一个YN

    输入输出样例

    输入样例#1:

    2
    Open 1 1 1 2
    Open 1 2 2 2
    Ask 1 1 2 2
    Ask 2 1 2 2
    Exit

    输出样例#1:

    Y
    N

    说明

    数据范围:

    对于\(100\%\)的数据,\(1\leq C\leq 100000,1\leq \text{信息条数}\leq 100000\)

    思路

    什么**线段树。 --Mercury

    用线段树来写,每个结点维护区间\([l,r]\)的连通性。维护时记录六个值:

    1. \(ldrd(left-down\ to\ right-down)\)
    2. \(luru(left-up\ to\ right-up)\)
    3. \(luld(left-up\ to\ left-down)\)
    4. \(rurd(right-up\ to\ right-down)\)
    5. \(lurd(left-up\ to\ right-down)\)
    6. \(ldru(left-down\ to\ right-up)\)

    合并过程其实就是大力模拟的过程,考虑所有的路的经过情况。详见代码的两个update函数。

    修改的时候要分类讨论,横线的变化与竖线的变化是不同的情况。

    查询的时候要注意,两点可能绕外面的路互相到达,所以还是要大力模拟,考虑绕路和不绕路的情况。

    代码的变量名还是比较清楚的,所以就详见代码吧 (才不是我懒得写)

    AC代码

    #include<bits/stdc++.h>
    using namespace std;
    const int MAXN=1e5+5;
    int n;
    int ru[MAXN],rd[MAXN];
    struct SegmentTree
    {
        int l,r;
        bool ldrd,luru,luld,rurd,lurd,ldru;
        #define l(x) tree[x].l
        #define r(x) tree[x].r
        #define ldrd(x) tree[x].ldrd
        #define luru(x) tree[x].luru
        #define luld(x) tree[x].luld
        #define rurd(x) tree[x].rurd
        #define lurd(x) tree[x].lurd
        #define ldru(x) tree[x].ldru
    }tree[MAXN<<2];
    int read()
    {
        int re=0;char ch=getchar();
        while(!isdigit(ch)) ch=getchar();
        while(isdigit(ch)) re=(re<<3)+(re<<1)+ch-'0',ch=getchar();
        return re;
    }
    char readc()
    {
        char ch=getchar();
        while(!isalpha(ch)) ch=getchar();
        return ch;
    }
    void update(int p)
    {
        l(p)=l(p<<1),r(p)=r(p<<1|1);
        ldrd(p)=(ldrd(p<<1)&&rd[r(p<<1)]&&ldrd(p<<1|1))||(ldru(p<<1)&&ru[r(p<<1)]&&lurd(p<<1|1));
        luru(p)=(luru(p<<1)&&ru[r(p<<1)]&&luru(p<<1|1))||(lurd(p<<1)&&rd[r(p<<1)]&&ldru(p<<1|1));
        luld(p)=luld(p<<1)||(luru(p<<1)&&ru[r(p<<1)]&&luld(p<<1|1)&&rd[r(p<<1)]&&ldrd(p<<1));
        rurd(p)=rurd(p<<1|1)||(luru(p<<1|1)&&ru[r(p<<1)]&&rurd(p<<1)&&rd[r(p<<1)]&&ldrd(p<<1|1));
        lurd(p)=(luru(p<<1)&&ru[r(p<<1)]&&lurd(p<<1|1))||(lurd(p<<1)&&rd[r(p<<1)]&&ldrd(p<<1|1));
        ldru(p)=(ldrd(p<<1)&&rd[r(p<<1)]&&ldru(p<<1|1))||(ldru(p<<1)&&ru[r(p<<1)]&&luru(p<<1|1));
    }
    void update(SegmentTree &re,SegmentTree x,SegmentTree y)
    {
        re.l=x.l,re.r=y.r;
        re.ldrd=(x.ldrd&&rd[x.r]&&y.ldrd)||(x.ldru&&ru[x.r]&&y.lurd);
        re.luru=(x.luru&&ru[x.r]&&y.luru)||(x.lurd&&rd[x.r]&&y.ldru);
        re.luld=x.luld||(x.luru&&ru[x.r]&&y.luld&&rd[x.r]&&x.ldrd);
        re.rurd=y.rurd||(y.luru&&ru[x.r]&&x.rurd&&rd[x.r]&&y.ldrd);
        re.lurd=(x.luru&&ru[x.r]&&y.lurd)||(x.lurd&&rd[x.r]&&y.ldrd);
        re.ldru=(x.ldrd&&rd[x.r]&&y.ldru)||(x.ldru&&ru[x.r]&&y.luru);
    }
    void build(int p,int ll,int rr)
    {
        if(ll==rr)
        {
            l(p)=ll,r(p)=rr;
            luru(p)=ldrd(p)=true;
            return ;
        }
        int mid=(ll+rr)>>1;
        build(p<<1,ll,mid);
        build(p<<1|1,mid+1,rr);
        update(p);
    }
    void change1(int p,int des,bool up,bool val)
    {
        int mid=(l(p)+r(p))>>1;
        if(mid==des)
        {
            if(up) ru[des]=val;
            else rd[des]=val;
            update(p);
            return ;
        }
        if(des<=mid) change1(p<<1,des,up,val);
        else change1(p<<1|1,des,up,val);
        update(p);
    }
    void change2(int p,int des,bool val)
    {
        if(l(p)==r(p))
        {
            luld(p)=rurd(p)=lurd(p)=ldru(p)=val;
            return ;
        }
        int mid=(l(p)+r(p))>>1;
        if(des<=mid) change2(p<<1,des,val);
        else change2(p<<1|1,des,val);
        update(p);
    }
    SegmentTree ask(int p,int ll,int rr)
    {
        if(ll<=l(p)&&r(p)<=rr) return tree[p];
        int mid=(l(p)+r(p))>>1;
        if(rr<=mid) return ask(p<<1,ll,rr);
        else if(ll>mid) return ask(p<<1|1,ll,rr);
        else
        {
            SegmentTree re;
            update(re,ask(p<<1,ll,rr),ask(p<<1|1,ll,rr));
            return re;
        }
    }
    int main()
    {
        n=read();
        build(1,1,n);
        while(true)
        {
            char opt=readc();
            if(opt=='E') break;
            int x=read(),y=read(),xx=read(),yy=read();
            if(y>yy) swap(x,xx),swap(y,yy);
            if(opt=='C')
            {
                if(y==yy) change2(1,y,false);
                else change1(1,y,x==1,false);
            }
            else if(opt=='O')
            {
                if(y==yy) change2(1,y,true);
                else change1(1,y,x==1,true);
            }
            else if(opt=='A')
            {
                SegmentTree ll=ask(1,1,y),mid=ask(1,y,yy),rr=ask(1,yy,n);
                if(x==1&&xx==1)
                {
                    if(mid.luru||(ll.rurd&&mid.ldru)||(mid.lurd&&rr.luld)||(ll.rurd&&mid.ldrd&&rr.luld)) puts("Y");
                    else puts("N");
                }
                else if(x==2&&xx==2)
                {
                    if(mid.ldrd||(ll.rurd&&mid.lurd)||(mid.ldru&&rr.luld)||(ll.rurd&&mid.luru&&rr.luld)) puts("Y");
                    else puts("N");
                }
                else if(x==1&&xx==2)
                {
                    if(mid.lurd||(ll.rurd&&mid.ldrd)||(mid.luru&&rr.luld)||(ll.rurd&&mid.ldru&&rr.luld)) puts("Y");
                    else puts("N");
                }
                else if(x==2&&xx==1)
                {
                    if(mid.ldru||(ll.rurd&&mid.luru)||(mid.ldrd&&rr.luld)||(ll.rurd&&mid.lurd&&rr.luld)) puts("Y");
                    else puts("N");
                }
            }
        }
        return 0;
    }

    转载于:https://www.cnblogs.com/coder-Uranus/p/9904116.html

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