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  • 记录的重要性

    千次阅读 2016-09-26 13:57:37
    说写技术报告,好久都没有动工,一直忙活各种事情。 技术报告这东西真是好东西。所有的记录性质资料对于我们的工作重要性不言而喻!! 以后真真要做好各方面的记录,好好做记录!!

    说写技术报告,好久都没有动工,一直忙活各种事情。

    技术报告这东西真是好东西。所有的记录性质的资料对于我们的工作重要性不言而喻!!

    以后真真要做好各方面的记录,好好做记录!!

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  • 在这种状况下,日常工作的条理显得非常重要,然而,对于庞大网站工程来说,我们需要做事情实在是太多太多,难免会有很多疏忽,俗话说好记性不如烂笔头,做好各项工作的记录就显得尤为重要,它能够让站长的工作...
    目前站长行业里的基本情况是大家各自单打独斗,所谓“个人站长”很大程度上说明这个群体的生存状态:独立,个体,尚无团队。在这种状况下,日常工作的条理性显得非常重要,然而,对于庞大的网站工程来说,我们需要做的事情实在是太多太多,难免会有很多疏忽,俗话说好记性不如烂笔头,做好各项工作的记录就显得尤为重要,它能够让站长的工作更加实用化,具体化,系统化,最大化提高工作效率。以下是站长必备的十项记录单:

      1、主机域名记录

      主机域名是做网站的基础,很多时候买的服务器、虚拟主机以及域名并不是同一家公司的,特别是手头网站比较多的站长,可能这些空间和域名来自很多不同的地方,倘若不做记录的话,服务器一旦出问题,可能无法在最快的时间内找到相应公司的客服。或者域名快到期了,由于没做记录,一时疏忽而导致域名过期,追悔莫及。IDC账号、ftp账号、服务器账号、域名归属和到期时间,等等,这些环节都要详细整理成一份文档,一目了然。

      2、广告联盟信息和收益记录

      广告联盟账号一般也会有很多,更重要的是每个联盟的付款时间都不一样,付款形式也不一样,很多时候还需要自己做一些操作,如google的西联取款,淘宝客的支付宝提现等等,这些账号、网址、付款时间、每个月的收益都要记录清楚,这样自己做网站究竟挣了多少钱,也就非常清楚了。

      3、长尾关键词记录

      长尾关键词记录单是seo界大佬夫唯老师的发明,目前已经普及到整个seo行业。它是把日常优化的主要关键词以及长尾关键词及对应的URL做好记录,这样当需要做锚文本的时候,就很容易最短的时间内找到相应的路径,提高了做锚文本的效率,而且一般不会遗漏。特别是积累了非常多的关键词的时候,不做记录的话,很难知道关键词对应的路径到底是什么。

      4、友情链接记录

      友情链接的记录主要是记录该网站网站主是谁,联系方式是什么,链接是何时做上的。如果有交叉链接的时候,更要详细记录交叉的网站是什么。这样显得系统化,当发现友情链接上有网站出现异常状况时,可以及时联系相应的站长,给其提出建议,并就是否删除链接进行沟通,做具体安排。

      5、收录量和关键词排名记录

      无论手中有多少网站,每个网站每天的收录数量,主要关键词的排名都要做好记录。从短期来说,能够了解自己的网站具体进度到什么程度了,从长期来说,有益于积累经验,能够从自己的成长过程中分析出有用的方法,并且了解网站的发展趋势。

      6、网站大事记录

      网站发展过程中会有一些“大事儿”需要记录,比如网站何时上线,网站何时改版,网站突破多少流量,网站遭遇降权,网站更换服务器等等,这是一个网站完整的发展历史,以后网站发展起来之后,可以随时翻看一路走来的艰辛历程,会有满满的幸福感和成就感。另外后期编写网站或公司大事记的时候,这些都是完备的第一手资料。

      7、竞争对手、优秀网站和内容来源记录

      和自己行业相同、类型相似、关键词相似的竞争网站有哪些,他们有什么优点值得学习,他们的内容有什么独创性,自己的网站内容来源是哪些网站,这些都要详细记录。另外,当平时浏览网站的时候,发现比较不错的网站也应及时记录,以供日后改版时学习参考。

      8、圈中人脉记录

      圈中人脉是什么意思呢?这主要是行业内的知名人士,如seo专家、网站运营专家、电子商务专家等等类似的一些行业中人,做好他们的专长、个人资料的记录,有空就问候一下,节假日也问候一下。经过若干时间的积累,在这个行业中结交一定的朋友,他们将会是以后成长和发展的良师益友。

      9、常用seo辅助手段记录

      在seo操作的过程中,平常自己发帖的论坛有哪些,账号有哪些,对应的网址是什么,建设的博客资料有哪些,常用的检测软件有哪些,不一而足,这些都要详细记录,形成清晰的条理。把这些日常的操作全部设计成固定模式,流程化。这样会方便许多,也不用整天想着要做什么,因为具体要做哪些事儿都很清楚的摆放在那里,一项一项完成即可。

      10、周期计划目标与完成记录

      一段时间内的计划是什么?达到多少流量?预计收入多少?到了预计的时间之后,核对一下,看自己完成了多少,是没有完成,还是超额完成。如果没有完成,分析一下原因,如果完成了,也分析一下为什么会效率提高。这样能够不断总结经验,吸取教训,不断的提高,从而完成一个又一个目标。很多时候,在脑子里想的并不是很清晰,需要具体的写下来,才能够更好的去执行,去实现。希望大家的计划都能超额完成。

    转载于:https://www.cnblogs.com/zijinguang/archive/2010/11/20/1882622.html

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  • 他们比较有耐心和方向,能坚持把一件事做好,并且这件事是对他们当前的工作和绩效有关,是工作的事,而不是休闲事; 他们可能也是一开始不会做,却能通过搜索学习,以最短时间掌握处理问题知识,进而马上...

    最近与比自己有能力的人相处了比较长的时间,逐渐从他们身上看到了一些东西,在此记录一下:

    1.  他们比较有耐心和方向性,能坚持把一件事做好,并且这件事是对他们当前的工作和绩效有关的,是工作的事,而不是休闲的事;
    2.  他们可能也是一开始不会做,却能通过搜索学习,以最短的时间掌握处理问题的知识,进而马上把问题解决掉;
    3.  他们容易记不住一些无关紧要的事情,容易忘掉甚至不去做那些对自己核心绩效没有关系的事情,不去做又不会怎样;
    4.  时间很少用来做休闲有关的东西,大部分在探索新的知识,有一颗探索和研究的心;

    转载于:https://www.cnblogs.com/zhang-bowen/p/11063053.html

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  • 编程笔记的重要性文/罗勇军编码工作非常细节、繁琐,需要用记笔记的方法,积累经验。如果不记录,很快就会忘记。每有一点心得、每个新收获的小细节、每做一个有价值的题目都要记录。做完一题之后,到网上搜搜别人的...

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    编程笔记的重要性

    文/罗勇军

    编码工作非常细节、繁琐,需要用记笔记的方法,积累经验。

    如果不记录,很快就会忘记。

    每有一点心得、每个新收获的小细节、每做一个有价值的题目都要记录。

    做完一题之后,到网上搜搜别人的解题思路,对比自己的做法。注意,最好自己先做好,再搜别人的进行对比。

    某些重要的网页,时间长了可能死链。可以用https://perma.cc/把它永久保存。

    笔记可以放在blog上。

    大家应该有自己记录的方法,下面是我做的例子。

    编程学习笔记

    1.      hdu1001

    计算sum=1+2...+nNint型,32位,sum也是int,题目设定sum32位以内。

    如果用公式n*(n+1)/2,有问题,因为会溢出n*(n+1)会大于32位。所以要先除以2.0.,即公式变化为(1+n)/2.0*n

    下面的内容参考:http://blog.sina.com.cn/s/blog_6827ac4a0100ldau.html

    或者加一个强制转换:sum=(__int64)(1+n)*n/2;64位计算。

    #include

    int main(){

         int n;__int64 sum;

         while(scanf("%d",&n)!=EOF) {

       sum=(__int64)(1+n)*n/2; 

    //这里如果不强制转换,sum=(1+n)*n/2;就错了。

             printf("%I64d\n\n",sum);  //换行2次,因为题目要求末尾加一个空行。

         }

         return 0;

    }

     2.      hdu1002

    大数的加法,可以通过这题总结C++模板。

    http://www.cnblogs.com/jian1573/archive/2011/04/12/2013918.html

    http://blog.sina.com.cn/s/blog_7d7f72bb0100qlk1.html

    3.      hdu1003

    最大连续和,而且要记录起始和终止位置。

    这一题的数据范围是(1<=N<=100000),每个数大于-1000,小于1000。因此连续和可能是100000*1000=10^8

    (1)暴力法。枚举所有情况。枚举每组的开始点和结束点,将所有的答案进行比较。

          tot=0;

    best=A[1];

    for(i=1;i

    for(j=i;j<=n;j++)   {
                       int sum=0;
                         for(k=i; k

    sum+=A[k];

    if(sum  > best)

    best=sum;
             }

    暴力法的复杂度是n^3100000^3=10^15,太大,不行。

    (2)改进的暴力法连续子序列之和等于两个前缀和之差

    Si=A1+A2+......+Ai :   Ai+Ai+1+......+Aj=Sj-Si-1

    S[0]=0;

    for(i=1; i

    for(i=1; i<=n;  i++)
              for(j=i;  j<=j; j++)     

               best= best > (S[j]-S[i-1]) ?  best: (S[j]-S[i-1]);

    复杂度是n^2。100000^2=10^10,也不行。

    (3)分治法。见刘汝佳的入门经典141页。还有《算法设计与分析》王红梅分治法。

    分割整体成2部分,分别算出每部分的最大数组和,以及边缘数组和(即2数组交界处的数组和,最后将2个边缘数组和相加)。再比较3者的大小关系。

                                n=1000, tot=9976

    (4)动态规划。这一题用动态规划最快。

    数组a[i]

    状态:一维数组dp[i]:以i结尾的最大子段和,并非前i项的最大子段和,二者有区别。 

    转移:

    if dp[i]>0  

       dp[i+1]=dp[i]+a[i];

    else

       dp[i+1]=a[i+1];

    answer=max(dp[k];k=1,2,....n),

    空间上可以用滚动数组的原理优化,空间复杂度O(1)

    if answer>0

       dp+=a[i] 

    else dp=a[i] 

       answer=max(dp) 

    动态规划参考:http://blog.csdn.net/akof1314/article/details/4757021

    变形:一个有n个整数的数字序列,其间有正负整数,要求出两段不相交的连续子序列,使得这两个子序列的和最大。(答案:是最大子序列和的变形。正向做一次,反向做一次,枚举中间分割线。)

    4.      hdu1004

    学习stlmap容器。

    http://www.cnblogs.com/phinecos/archive/2008/10/27/1011501.html

    Map容器说明:http://blog.sina.com.cn/s/blog_4e7ae8ca0100xti7.html

    5.      hdu1005

    数学题目。计算递推公式f[n] = (A* f[n-1] + B * f[n-2])mod7

    6.      hdu1006

    钟上的时针、分针、秒针一直转。如果3个针分开的角度都大于D度,那么它们很舒服。给出D值,求每天它们舒服的时间百分比。

    数学题。中学能解。

    http://www.cnblogs.com/kuangbin/archive/2011/12/04/2275470.html

    7.      hdu1007

    平面上很多点,找最近的两个点。

    最近对问题,用分治法解。

    总结几何模板。

    http://blog.csdn.net/allenjy123/article/details/6627751

    8.      hdu1008

    电梯问题,上一楼要6s,下一楼要4s,停一楼要5s。楼不高于100层。给出一串要停的楼层,共integer N个要停的楼层,问总时间。起点是0楼。

    简单模拟题。最大的时间大约是:N*100*6,比interger要大,所以时间用long long表示。

    9.      hdu1009

    读题有点难懂,不过题目比较简单。

    仓库有N个房间,第i个房间有J[i]磅的豆子,可以换取F[i]磅的猫粮。

    老鼠带来M磅猫粮,请问可以换多少磅豆子。换的时候,每个房间可以按比例换,不用全部换。

    是一个简单的贪心题。

    10.   hdu1010

    N*M大小的方形迷宫。有个门D,它每隔T时间瞬间开一下。一只狗从某个格子出发,1s走一格,必须在时间T到达门D。每一步可以上、下、左、右走,走过的格子不能再走。

    复杂度:1M<7,因此最多可能有36个格子。如果做全搜索,可能有3^36个路径,是个天文数字。需要剪枝。

    由于必须在T时刻到达门,因此不一定是最短的路,也可能是绕的路,所以要搜索所有可能的路径。

    这题不是图论,不能用求最短路径的方法。

    两个剪枝,一个是奇偶剪枝,一个是路径剪枝

    http://acm.hdu.edu.cn/forum/read.php?tid=6158

    11.   hdu2224

    中等难度。思路显然是dp,但是状态转移方程比较难。

    完全的TSP问题用动态规划解,是2^n的复杂度。

    这一题是简化的TSP问题,即bitonic tour双调旅行商问题。从最左边的点严格递增到最右边,然后再递减回到最左边的点。每个点只能走一次。

    题目给出的输入数据,是按顺序排列的,不用再排序。

    参考程序:

    http://www.cppblog.com/doer-xee/archive/2009/11/30/102296.html代码很好!(1、功能分开,分别用函数实现;2#define N 201,而不是直接在程序中用常数;3、全局变量少,比如b[N][N];是局部的。)

    http://blog.csdn.net/alone_l/article/details/20385531  次好(缺少上面的23。)

    http://blog.csdn.net/u013615904/article/details/45895377可以

    分析:

    http://www.360doc.com/content/14/0324/19/15848519_363393805.shtml

    http://blog.csdn.net/xiajun07061225/article/details/8092247

    这一题是典型的动态规划。

    对于1 <= i <= j <= n,定义dp(i, j),表示从i向左走到到1,然后再从1向右走到j的最小总路径。

    这条路径可以分成2部分:向左的递减序列与向右的递增序列。

    dis[ m ][ n ]表示点mn之间的直线距离。

    题目是求解dp[ n ][ n ]的值。

    显然dp[ j ][ j ]=dp[ j - 1 ][ j ]+dis[j-1 ][ j ],问题转换为求解dp[j - 1 ][ j ]

    状态转移方程:

    i < j - 1时,dp[ i ][ j ] = dp[ i ][ j - 1 ]+dis[ j - 1 ][ j ],很显然由于i < j-1 dp[ i ][ j ]只能来源于dp[ i ][ j - 1 ]

    i = j - 1 时,dp[ j - 1 ][ j ] = min{ dp[ k ][ j -1 ] + dis[ k ][ j ](k < j - 1)}

    b(i, j)表示i向左边走到1,再从1向右走到j的最短路。

    d(i, j)表示2点间直线距离

    j  i

    1

    2

    3

    4

    5

    1

    2

    d(1,2)

    INF

    3

    b(1,2)+d(2,3)

    b(1,2)+d(1,3)

    b(2,3)+d(2,3)

    4

    b(1,3)+d(3,4)

    b(2,3)+d(3,4)

    b(1,3)+d(1,4)

    b(2,3)+d(2,4)

    b(3,4)+d(3,4)

    5

    b(1,4)+d(4,5)

    b(2,4)+d(4,5)

    b(3,4)+d(4,5)

    b(1,4)+d(1,5)

    b(2,4)+d(2,5)

    b(3,4)+d(3,5)

    b(4,5)+d(4,5)

    //代码:http://www.cppblog.com/doer-xee/archive/2009/11/30/102296.html

    #include   #include   #define INF 0x7fffffff  #define N 201  struct point{      double x, y;  }point[N];  int n;  double dis[N][N];    double distant(int i, int j)  {      return sqrt((point[i].x - point[j].x)*(point[i].x - point[j].x) +(point[i].y - point[j].y)*(point[i].y - point[j].y));  }    double dp()  {      int i, j, k;      double temp, b[N][N];        b[1][2] = dis[1][2];      for (j=3; j<=n; j++)      {          for (i=1; i<=j-2; i++)              b[i][j] = b[i][j-1] + dis[j-1][j];            b[j-1][j] = INF;          for (k=1; k<=j-2; k++)          {              temp = b[k][j-1] + dis[k][j];              if (temp                   b[j-1][j] = temp;          }      }        b[n][n] = b[n-1][n] + dis[n-1][n];        return b[n][n];  }    int main()  {      int i, j;      double ans;      while (scanf("%d", &n) > 0)      {          for (i=1; i<=n; i++)              scanf("%lf %lf", &point[i].x, &point[i].y);            for (j=2; j<=n; j++)              for (i=1; i                  dis[i][j] = distant(i,j);             ans = dp();            printf("%.2lf\n", ans);      }  }

    12.   hdu1619

    容易题。典型的dp,在每一列记录状态即可,没有什么状态转移方程。

    TSP问题的简化。每一个点向右走,只有3个出口。

    http://blog.csdn.net/z309241990/article/details/8617785    好代码

    注意其中几个细节:(1)#define MAX 102,比题目给的100大,目的是最后1列后面还有一列为0的列,方便计算。(2)为了从头按字典顺序输出路径,倒过来计算状态,从最后一列,倒推到第1列。最后在第1列,就知道如何按字典序输出路径了。

    13.   hdu3001 

    2015.7.12 http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3001   

    题意:先看inputoutput,给出n个城市(n<=10)之间的m个道路,和每个道路的收费,问走完n个城市,最小花费。每个城市最多走2次。

    分析:复杂度,如果用TSP的暴力法,每个城市走一遍,复杂度是10=300万;每个点走2次,复杂度是20!。

    三进制状态压缩。

    利用三进制将边点j 在点集i 出现的次数表示成 tir[i][j];

    状态转移方程:l=i+s[k];边界

    dp[l][k]=min(dp[i][j]+map[j][k]);

    网上代码:

    http://blog.sina.com.cn/s/blog_6ec19c780100ydws.html  

    http://blog.csdn.net/azheng51714/article/details/7773862   好!

    http://www.cnblogs.com/wally/p/3290019.html         

    -END-

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  • mysql优化

    2020-07-01 08:33:28
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  • 随笔

    2015-04-18 20:44:00
    这段时间的经历,也让我切身意识到自信心的重要性。自信与压力的共同作用才能带来源源不断的动力。 就用这句签名,来记录我这段时期的状态吧! "纵经寒彻骨,莫愁路漫漫,千磨万击还坚劲,我心依旧望苍穹" 转载...

空空如也

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做好工作记录的重要性