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    2008-04-23 12:29:00
    时刻拓展是一家专业的拓展训练公司, 也是目前深圳最优秀的拓展公司之一,其师资力量雄厚,拥有多名具备扎实管理理论基础和精通指导各类户外培训的资深培训师.时刻拓展坚持将拓展培训创新,与最前沿的管理理论相结合。...

    时刻拓展是一家专业的拓展训练公司, 也是目前深圳最优秀的拓展公司之一,其师资力量雄厚,拥有多名具备扎实管理理论基础和精通指导各类户外培训的资深培训师.

    时刻拓展坚持将拓展培训创新,与最前沿的管理理论相结合。我们提供的拓展训练项目都是由专家设计并经过反复论证,户外活动线路全部经过专业人员提前勘定。根据客户需求,每次活动均针对参加活动人员的年龄、素质和体能等条件以及活动目的做精心安排,设计具体活动方案。

    时刻拓展提供新员工融入、团队熔炼、领导力、客户关系和绿色拓展以及企业特色年会等不同的训练课程。时刻拓展将我国传统文化的精髓与拓展训练的形式相结合,将“行动、思想、新价值之产生”融为一体,通过“参与-体验-分享-总结-升华”的体验过程,达到“由行而知”、“知行合一”的目的。

    作为培训机构最宝贵的财富,时刻拓展主要培训师全都具有企业的实际工作经验,对员工心态和公司需求感同身受,在培训过程中更容易与学员产生共鸣,增强培训效果。时刻拓展服务过的客户包括:时刻拓展服务过的客户包括:万科物业集团、阿里巴巴、中国银行、中国农业银行、百安居、西子奥的斯、中国移动通信、苏泊尔电器、中国建设银行、三九医药股份有限公司、柏坚货柜(深圳)有限公司、深圳中原物业顾问有限公司、深圳中旅联合物业管理有限公司、深圳市环保局等。在深圳周边地区设有多个培训基地。基地环境优美,具有完善齐全的培训设施,可完成场地、高空、水上、野外等各类拓展训练项目。88844465

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  • 基本技能训练拓展部分包括实验仪器的操作、优秀案例的模仿等。在线上虚拟空间中,教师确定训练的技能、进行任务分配、资源发布、学习指导等,学生依据训练及模仿内容获取技能训练及模仿的资源案例,同时进行案例...

    ​在常规课程中,基础知识部分包括知识背景、项目实践知识基础等内容。格物斯坦表示:在线上虚拟空间中,教师主要进行资源发布、学生知识测验、学习过程监控,学生则获取相关知识资源进行讨论及测验;在线下实体空间中,学生进行知识资源的获取及利用,以及面对面的同步讨论,而教师在此指导学习者。

    在这里插入图片描述

    基本技能训练及拓展部分包括实验仪器的操作、优秀案例的模仿等。在线上虚拟空间中,教师确定训练的技能、进行任务分配、资源发布、学习指导等,学生依据训练及模仿内容获取技能训练及模仿的资源案例,同时进行案例分析与异步讨论;在线下实体空间中,学生主要根据技能训练及模仿内容进行案例分析、分工协作、动手练习、项目管理、同步交流等,教师进行任务分配、资源及案例提供、实践指导等。

    创新学习项目是指依托于现有知识体系而具有一定挑战性的学习项目。在线上虚拟空间中,教师需要适时发布学习项目、对学生学习项目进行指导与监控,学生则需招募项目小组组员,进行小组协作分工、分析案例、项目管理等;在线下实体空间中,学生需要组织项目小组进行面对面讨论、协作分工、分析成品及案例、进行学习项目进度及实施的管理,教师及专家再次进行项目实施指导与成品点评。
    在这里插入图片描述

    从现在可观察到的实践来看,创客课程与传统课程之间还是有不少的区别。比如,创客课程持续时间可能比传统课程更长,可能无法用过去的一节课或两节课来解决,有些甚至持续一天或数天;课程所涉及的学科门类更多,与传统课程条块分割各司其职不同,创客课程更注重学科之间的融会贯通,更突出灵活运用多学科知识创造性地解决真实问题;传统课程更加注重知识传授,事实上更多地关照了布鲁姆教育目标分类学中的认知层面,即对知识领域目标中的识记、理解、应用等目标更加关注,对分析、评价、创造层面的目标重视不够,而创客课程恰好是要突出分析、评价和创造,尤其是创造。创客教育的兴起势必会面临与现有传统课程整合的问题,尤其是从课程管理角度来看,面临的挑战更大。

    创客教育目前较为权威的定义是“创客教育是创客文化与教育的结合,基于学生兴趣,以项目学习的方式,使用数字化工具,倡导造物,鼓励分享,培养跨学科解决问题能力、团队协作能力和创新能力的一种素质教育。
    在这里插入图片描述

    综上所述,”随着大众创业、万众创新国家战略的推进,各地创客空间随之蓬勃发展,各地纷纷都在组织创客活动、创客竞赛。在教育领域,创客教育已经成为时下教育界最火的话题。现在不管小学中学还是大学,都在大力提倡创客教育,但老师的观念更新、学科的整合、教学模式的创新等方面都出现了一些问题,最为突出的是创客教育推行过程中日益显现出了空心化倾向,创客教育亟需创新。

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  • 2017-4-13校内训练

    2017-04-13 17:13:00
    坑题+SB数据结构训练赛 A.题目大意:某个地方有五个城市,给出十条单向边的长度,分别为1~2,1~3,2~3,2~4,3~4,3~5,4~5,4~1,5~1,5~2,问从一号城开始走,走长度恰好为n,走的城市数最少且字典序最小的方案。(1<...

    坑题+SB数据结构训练赛

     

    A.题目大意:某个地方有五个城市,给出十条单向边的长度,分别为1~2,1~3,2~3,2~4,3~4,3~5,4~5,4~1,5~1,5~2,问从一号城开始走,走长度恰好为n,走的城市数最少且字典序最小的方案。(1<=边长<=n<=500,000)

    思路:以在第i个城市走了长度为j为状态做bfs,字典序小的先拓展,复杂度O(15n)。

    #include<cstdio>
    #include<algorithm>
    using namespace std;
    inline int read()
    {
        int x;char c;
        while((c=getchar())<'0'||c>'9');
        for(x=c-'0';(c=getchar())>='0'&&c<='9';)x=x*10+c-'0';
        return x;
    }
    #define MN 500000
    int d[5][2],u[5][MN+5],rx[5][MN+5],ry[5][MN+5],qx[5*MN+5],qy[5*MN+5],qn;
    void out(int x,int y)
    {
        if(y)out(rx[x][y],ry[x][y]);
        printf("%d ",x+1);
    }
    int main()
    {
        int n=read(),i,x,y,xx,yy,a,b;
        for(i=0;i<5;++i)d[i][0]=read(),d[i][1]=read();
        for(i=0;i<=qn;++i)
        {
            x=qx[i];y=qy[i];
            if(y==n){out(x,y);return 0;}
            a=1;b=2;if((x+a)%5>(x+b)%5)swap(a,b);
            xx=(x+a)%5;yy=y+d[x][a-1];
            if(yy<=n&&!u[xx][yy])++qn,u[qx[qn]=xx][qy[qn]=yy]=1,rx[xx][yy]=x,ry[xx][yy]=y;
            xx=(x+b)%5;yy=y+d[x][b-1];
            if(yy<=n&&!u[xx][yy])++qn,u[qx[qn]=xx][qy[qn]=yy]=1,rx[xx][yy]=x,ry[xx][yy]=y;
        }
        puts("-1");
    }

     

    B.题目大意:给出一个长度为n的序列,问有多少子串的乘积为完全平方数。(n<=500,000,数字大小<=10^6)

    思路:分解质因数后各质因子个数均为偶数即为完全平方数,那么同种质因子每有一个就异或上一个1,各种质因子异或出的数都为0即为完全平方数,按这个思路求一个前缀异或和,两个相同的前缀异或和即对应一个乘积为完全平方数的子串,hash一下上map就没了,复杂度O(nlogn)。

    #include<cstdio>
    #include<cstring>
    #include<iostream>
    #include<algorithm>
    #include<map>
    using namespace std;
    #define ll long long
    inline int read()
    {
        int x;char c;
        while((c=getchar())<'0'||c>'9');
        for(x=c-'0';(c=getchar())>='0'&&c<='9';)x=x*10+c-'0';
        return x;
    }
    #define MX 1000000
    map<ll,int> mp[3];
    const int magic[3]={31,37,233};
    ll f[3][MX+5],ff[3];
    int u[MX+5],uu[MX+5],p[MX+5],pn;
    void push(int x)
    {
        if(uu[x]^=1)for(int i=0;i<3;++i)ff[i]+=f[i][x];
        else for(int i=0;i<3;++i)ff[i]-=f[i][x];
    }
    int main()
    {
        int n=read(),i,j;ll ans=0;
        for(i=2;i<=MX;++i)
        {
            if(!u[i])p[++pn]=i,u[i]=i;
            for(j=1;i*p[j]<=MX;++j){u[i*p[j]]=p[j];if(i%p[j]==0)break;}
        }
        for(i=0;i<3;++i)for(f[i][0]=j=1;j<=MX;++j)f[i][j]=f[i][j-1]*magic[i];
        for(i=0;i<3;++i)++mp[i][0];
        while(n--)
        {
            for(i=read();i>1;i/=u[i])push(u[i]);
            for(i=0,j=MX;i<3;++i)j=min(j,mp[i][ff[i]]++);
            ans+=j;
        }
        cout<<ans;
    }

     

    C.题目大意:一个n*m的棋盘,一个棋子一开始在(i,j),每次若在(x,y)能移动到(x-a,y-b),(x+a,y-b),(x-a,y+b),(x+a,y+b)中的一格,问至少几步能移动到(1,1),(1,m),(n,1),(n,m)中的其中一格。(n,m<=10^6)

    思路:x,y坐标相互独立,可以先分别求出两种坐标的最小步数,如果一个先到就让另一个反复横跳,注意特判各种无解情况,复杂度O(1)。

    #include<cstdio>
    #include<algorithm>
    using namespace std;
    #define INF 1000000000
    int n,m,ans=INF,a,b;
    void cal(int x,int y,int tx,int ty)
    {
        if((tx-x)%a||(ty-y)%b)return;
        int px=(tx-x)/a,py=(ty-y)/b;
        if(px<0)px=-px;if(py<0)py=-py;
        if((px-py)%2)return;
        if(px==py){ans=min(ans,px);return;}
        if(px<py&&x-a<1&&x+a>n)return;
        if(py<px&&y-b<1&&y+b>m)return;
        ans=min(ans,max(px,py));
    }
    int main()
    {
        int i,j;
        scanf("%d%d%d%d%d%d",&n,&m,&i,&j,&a,&b);
        cal(i,j,1,1);cal(i,j,1,m);
        cal(i,j,n,1);cal(i,j,n,m);
        printf(ans<INF?"%d":"Poor Inna and pony!",ans);
    }

     

    D.题目大意:一个长度为n的小写字母串,支持两种操作:1.将一个子串的所有字母在字母表上循环后移k位(例如a后移2位是c,z后移两位是b);2.查询一个子串内有多少子序列可以通过重组得到一个回文串。(n,操作数<=10^5)

    思路:直接用线段树维护区间内各字母出现次数,每次O(26)更新信息,查询时先查出区间内各字母出现次数,枚举一个出现奇数次的字母或全是偶数次的,f1[i]表示i个字母中选出奇数个的方案,f2[i]表示i个字母中选出偶数个的方案,则f1[0]=0,f2[0]=1,每多一个字母我们都可以选或不选,则f1[i]=f2[i]=f1[i-1]+f2[i-1](i>0)(事实上都是2的次幂),然后很容易即可统计答案,复杂度O(26nlogn)。

    #include<cstdio>
    inline int read()
    {
        int x;char c;
        while((c=getchar())<'0'||c>'9');
        for(x=c-'0';(c=getchar())>='0'&&c<='9';)x=x*10+c-'0';
        return x;
    }
    #define MN 100000
    #define L (k<<1)
    #define R (k<<1|1)
    #define MOD 1000000007
    struct node{int l,r,s[26],mk;}t[MN*4+5];
    int cnt[26],f1[MN+5],f2[MN+5],lf[26],rf[26];
    char s[MN+5];
    inline void up(int k){for(int i=0;i<26;++i)t[k].s[i]=t[L].s[i]+t[R].s[i];}
    inline void mark(int k,int x)
    {
        int i,j,s[26];
        for(i=0;i<26;++i)s[i]=t[k].s[i];
        for(i=0,j=x;i<26;++i,++j>25?j=0:0)t[k].s[j]=s[i];
        if((t[k].mk+=x)>25)t[k].mk-=26;
    }
    inline void down(int k){if(t[k].mk)mark(L,t[k].mk),mark(R,t[k].mk),t[k].mk=0;}
    void build(int k,int l,int r)
    {
        if((t[k].l=l)==(t[k].r=r)){++t[k].s[s[l]-'a'];return;}
        int mid=l+r>>1;
        build(L,l,mid);build(R,mid+1,r);up(k);
    }
    void add(int k,int l,int r,int x)
    {
        if(t[k].l==l&&t[k].r==r){mark(k,x%26);return;}
        int mid=t[k].l+t[k].r>>1;down(k);
        if(r<=mid)add(L,l,r,x);
        else if(l>mid)add(R,l,r,x);
        else add(L,l,mid,x),add(R,mid+1,r,x);
        up(k);
    }
    void query(int k,int l,int r)
    {
        if(t[k].l==l&&t[k].r==r){for(int i=0;i<26;++i)cnt[i]+=t[k].s[i];return;}
        int mid=t[k].l+t[k].r>>1;down(k);
        if(r<=mid)query(L,l,r);
        else if(l>mid)query(R,l,r);
        else query(L,l,mid),query(R,mid+1,r);
    }
    int main()
    {
        int n=read(),m=read(),t,l,r,i,ans;
        for(f2[0]=i=1;i<=n;++i)f1[i]=(f1[i-1]+f2[i-1])%MOD,f2[i]=(f1[i-1]+f2[i-1])%MOD;
        scanf("%s",s+1);
        build(1,1,n);
        while(m--)
        {
            t=read();l=read()+1;r=read()+1;
            if(t==1)add(1,l,r,read());
            else
            {
                for(i=0;i<26;++i)cnt[i]=0;query(1,l,r);
                for(i=0;i<26;++i)lf[i]=1LL*(i?lf[i-1]:1)*f2[cnt[i]]%MOD;
                for(i=26;i--;)rf[i]=1LL*(i<25?rf[i+1]:1)*f2[cnt[i]]%MOD;
                for(ans=rf[0]-1,i=0;i<26;++i)
                    ans=(ans+1LL*(i?lf[i-1]:1)*(i<25?rf[i+1]:1)%MOD*f1[cnt[i]])%MOD;
                printf("%d\n",ans);
            }
        }
    }

     

    E.题目大意:询问[a,b]内有多少个数字是k的倍数。(1<=k<=10^18,-10^18<=a<=b<=10^18)

    思路:相信是个人都会做,乱写写呗,懒得判各种情况就写了奇怪的代码。

    #include<cstdio>
    #include<iostream>
    using namespace std;
    int main()
    {
        long long k,a,b,da,db,i;
        cin>>k>>a>>b;
        da=(a/k-5)*k;
        while(da<a)da+=k;
        db=(b/k+5)*k;
        while(db>b)db-=k;
        cout<<(db-da)/k+1;
    }

     

    F.题目大意:给出一棵n个节点的有根树,要求支持将一棵子树内所有点的权值加上V+d*K(其中d为该点到子树根的距离)和查询一条链上的权值和。(n<=10^5)

    思路:树剖一下,线段树多维护一个子树深度和,然后就能维护了,复杂度O(nlogn^2)。

    #include<cstdio>
    #include<algorithm>
    using namespace std;
    inline int read()
    {
        int x;char c;
        while((c=getchar())<'0'||c>'9');
        for(x=c-'0';(c=getchar())>='0'&&c<='9';)x=x*10+c-'0';
        return x;
    }
    #define MN 100000
    #define L (k<<1)
    #define R (k<<1|1)
    #define MOD 1000000007
    struct node{int l,r,s,ds,mk1,mk2;}t[MN*4+5];
    struct edge{int nx,t;}e[MN*2+5];
    int h[MN+5],en,fa[MN+5],d[MN+5],a[MN+5],s[MN+5],mx[MN+5],f[MN+5],dl[MN+5],dr[MN+5],cnt;
    inline void ins(int x,int y)
    {
        e[++en]=(edge){h[x],y};h[x]=en;
        e[++en]=(edge){h[y],x};h[y]=en;
    }
    void pre(int x)
    {
        s[x]=1;
        for(int i=h[x];i;i=e[i].nx)if(e[i].t!=fa[x])
        {
            fa[e[i].t]=x;d[e[i].t]=d[x]+1;
            pre(e[i].t);
            s[x]+=s[e[i].t];if(s[e[i].t]>s[mx[x]])mx[x]=e[i].t;
        }
    }
    void dfs(int x,int k)
    {
        a[dl[x]=++cnt]=d[x];f[x]=k;
        if(mx[x])dfs(mx[x],k);
        for(int i=h[x];i;i=e[i].nx)
            if(e[i].t!=mx[x]&&e[i].t!=fa[x])dfs(e[i].t,e[i].t);
        dr[x]=cnt;
    }
    inline void up(int k){t[k].s=(t[L].s+t[R].s)%MOD;}
    inline void mark(int k,int x1,int x2)
    {
        t[k].s=(t[k].s+1LL*x1*(t[k].r-t[k].l+1)+1LL*x2*t[k].ds)%MOD;
        t[k].mk1=(t[k].mk1+x1)%MOD;
        t[k].mk2=(t[k].mk2+x2)%MOD;
    }
    inline void down(int k)
    {
        mark(L,t[k].mk1,t[k].mk2);mark(R,t[k].mk1,t[k].mk2);
        t[k].mk1=t[k].mk2=0;
    }
    void build(int k,int l,int r)
    {
        if((t[k].l=l)==(t[k].r=r)){t[k].ds=a[l];return;}
        int mid=l+r>>1;
        build(L,l,mid);build(R,mid+1,r);
        up(k);t[k].ds=(t[L].ds+t[R].ds)%MOD;
    }
    void add(int k,int l,int r,int x1,int x2)
    {
        if(t[k].l==l&&t[k].r==r){mark(k,x1,x2);return;}
        int mid=t[k].l+t[k].r>>1;down(k);
        if(r<=mid)add(L,l,r,x1,x2);
        else if(l>mid)add(R,l,r,x1,x2);
        else add(L,l,mid,x1,x2),add(R,mid+1,r,x1,x2);
        up(k);
    }
    int query(int k,int l,int r)
    {
        if(t[k].l==l&&t[k].r==r)return t[k].s;
        int mid=t[k].l+t[k].r>>1;down(k);
        if(r<=mid)return query(L,l,r);
        if(l>mid)return query(R,l,r);
        return (query(L,l,mid)+query(R,mid+1,r))%MOD;
    }
    int query(int x,int y)
    {
        int res=0;
        for(;f[x]!=f[y];x=fa[f[x]])
        {
            if(d[f[x]]<d[f[y]])swap(x,y);
            res=(res+query(1,dl[f[x]],dl[x]))%MOD;
        }
        if(dl[x]>dl[y])swap(x,y);
        return ((res+query(1,dl[x],dl[y]))%MOD+MOD)%MOD;
    }
    int main()
    {
        int n,m,rt,i,x,y,z;char o[5];
        n=read();m=read();rt=read();
        for(i=1;i<n;++i)ins(read(),read());
        pre(rt);dfs(rt,rt);
        build(1,1,n);
        while(m--)
        {
            scanf("%s",o);x=read();y=read();
            if(o[0]=='U')z=read(),add(1,dl[x],dr[x],(y-1LL*d[x]*z)%MOD,z);
            else printf("%d\n",query(x,y));
        }
    }

     

    转载于:https://www.cnblogs.com/ditoly/p/20170413C.html

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  • 其实有时设计创意思维也可以靠一些方向方法来训练,不断提升自己的段位。 广告的创造性思维有着多种思维形式,包括逻辑思维和形象思维中的想象、联想、分析、判断、归纳等复杂的思维活动,其思维方法有图示法、...

    平面设计灵感不是常常有,有时也会头疼思维之泉干枯。其实有时设计创意思维也可以靠一些方向方法来训练,不断提升自己的段位。
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    广告的创造性思维有着多种思维形式,包括逻辑思维和形象思维中的想象、联想、分析、判断、归纳等复杂的思维活动,其思维方法有图示法、转换法、关联法、拓展法等。

    创意看似是一种灵感的结晶。似乎是机遇的结果。但是创意是一定思维方式的必然结果。在广告创意之前。首先要有资料和经验的充分贮备。在创意过程中。思路不为旧习惯所束缚。发现创意的各种联系。提出各种方案的设想。全方位地寻求新意。
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    一、图标法
    图式思考方法又称“思维导图”,在处理复杂的问题时,思维导图一方面能够显示出思维的过程,另一方面可以理清层次。在创意时,思维导图容易激发出灵感,使各种想法中有一定的联系,衍生出更多的想法,产生出更多的创意火花。

    当我们需要向别人陈述自己的想法时,思维图式法可以协助我们清理自己的思路,通过对资料、素材、思路进行分类、分层组织,对思维材料的彼此间的关联关系,进行系统化整理,所表述的内容会更为清晰。
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    二、转换法
    理性与感性总是在处在相互联系、相互协调、相互转换的过程中,创造性思维需要理性与感性的交融与转换。维的转换法表现为触类旁通、随机应变、转换思维方向和范围的调控能力。
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    在创意过程中,思维从一个角度转换成另个角度去思考,从一种意向转换到另一种意向,打破常规解决问题的程式,重新组合既定的思路。常用的转换法概念思维向视觉思维转换,把概念寓于视觉思维之中是反映事物本质属性和内、外在联系的物化过程,在广告创作中常常显示出惊人的创造性。

    三、关联法
    广告创意就是要利用事物之间的某种联系,把不同事物的形态进行嫁接,产生一个新的形象,去唤起观众对另一种事物的联想,给观众带来触景生情的感受。
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    在广告创意过程中,一边翻阅形象素材,一边思考眼前素材与广告主题和广告诉求的联系,从不同的角度中审视素材的利用价值,在联系中尝试构想广告创意方案,常用的关联法有:
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    ①类比关联。 在两类对象元素上找到某些属性上或形态上的相似,将这些相似的性质迁移到另一对象中去,在不同的形象之间寻找相似形,进行连接、嫁接、组合,将一个形式结构在另外一个形象中表现出来,形成一个同构的视觉形象。
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    ②因果关联。 因果关系的结构虽然简单,即由此及彼的过程,通常以异常、逆反、差异等多个视角发现新的视点。

    ③强制关联。 对性质相反或外形有鲜明对比的事物表象进行联想、对并不相似但在逻辑上有某种关联的事物表象进行联想,对那些在形上有某种相似的形象的素材进行联想,在强制关联中发掘新组合、新含义。
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    ④跳跃式的关联。 是一种潜意识思维,没有一定的思考程序那些随机的、跳跃性、灵感性的无序联想,往往使人产生无数的灵感。可以借助图像素材开启新思路,由素材改变思维的切入点进行联想,使思维产生跨越和跳跃。

    四、拓展法
    对一个具体创造过程来说,创造性思维并没有固定的框架,对于同一问题会有多种设想,如果一方思路受阻,就会转向另一方寻求出路,一般不循序渐进,而是从一个思路迅速地切换到另一个思路,保持较大的思想跨度。

    ①由核心创意中延展思路。 核心创意是构成品牌个性、品牌形象、品牌资产的重要元素,每一广告都是对品牌的长期投资,切不可随意为之。一切广告活动都是根据广告策略而决定的,广告策略规定了广告活动的整体走势和运作方向。
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    ②由产品特点引发的创意思路。 品质是产品的有形价值,产品的外形特色、规格、款式等、色彩等因素是产品的审美价值,研究产品满足消费者的心理属性,在心理事实中寻找创意思路,这是发现广告创意的诉求点的关键依据。
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    ③由素材引发的创意思路。 以素材为基础的形象再造是一种行之有效的创意方法,展开大胆的形象构想,以实际存在的视觉元素用想象重构视觉形象,从而避免了虚无缥缈的空想,丰富的素材开阔了想象的思路,也丰富了图形的表现形式。
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    ④由表现方法拓展创意思路。 在创意过程中,可以用同构、置换、混维、仿影、解构、透叠、共生、借用、错视等表现形式拓展创意的思路,既能够有效的拓展的创意思路,又能有效地实现创意思路。
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